高一物理《力与运动》教案

2017-02-25

教案是教师为顺利而有效地开展教学活动,根据教学大纲 和教科书要求及学生的实际情况,以课时或课题为单位,对教学内容、教学步骤、教学方法等进行的具体设计和安排的一种实用性教学文书。下面是小编为大家整理的高一物理《力与运动》教案,希望对大家有所帮助!

高一物理《力与运动》教案

一、整体法与隔离法的应用

1

例1 如1,箱子的质量M=5.0 kg,与水平地面的动摩擦因数μ=0.22.在箱子顶处系一细线,悬挂一个质量m=0.1 kg的小球,箱子受到水平恒力F的作用,使小球的悬线与竖直方向的摆角θ=30°,试求力F的大小.(g取10 m/s2)

2

例2 在光滑的水平面上放有一斜劈M,M上又有一物块m,如2,力F作用在斜劈上,若要保持m与M相对静止,F至少要为多大?(各接触面均光滑,斜面倾角为θ)

二、临界和极值问题

例3 如3,两个物块A和B叠放在光滑水平面上,已知A的质量mA=4 kg,

3

B的质量mB=5 kg,在A上施加一个水平力FA.当FA=20 N时,A、B间恰好开始发生相对运动.在撤去FA后,求:若要保持A、B间相对静止,对B物块能施加的最大水平力为多大?

三、牛顿运动定律的综合应用

例4 科研人员乘气球进行科学考察.气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为990 kg.气球在空中停留一段时间后,发现气球因漏气而下降,及时堵住.堵住时气球下降速度为1 m/s,且做匀加速运动,4 s内下降了12 m.为使气球安全着陆,向舱外缓慢抛出一定的压舱物.此后发现气球做匀减速运动,下降速度在5分钟内减少了3 m/s.若空气阻力和泄漏气体的质量均可忽略,重力加速度g=9.89 m/s2,求抛掉的压舱物的质量.

4

例5 在倾斜角为θ的长斜面上,一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑,滑块(连同风帆)的质量为m,滑块与斜面间的动摩擦因数为μ、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度v大小成正比,即F阻=kv.滑块从静止开始沿斜面下滑的v-t象如4,中的倾斜直线是t=0时刻速度线的切线.

(1)由象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小;

(2)若m=2 kg,θ=37°,g=10 m/s2,求出μ和k的值.(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)

【即学即练】

1.在国际单位制中,功率的单位“瓦”是导出单位,“瓦”用基本单位表示正确的是( )

A.焦/秒 B.牛•米/秒

C.千克•米2/秒2 D.千克•米2/秒3

5

2.如5,一物体静止在倾斜的木板上,物体与木板之间相互作用力的对数是( )

A.1对

B.2对

C.3对

D.4对

6

3.刹车距离是衡量汽车安全性能的重要参数之一.如6,线1、2分别是甲、乙两辆汽车的刹车距离s与刹车前的车速v的关系曲线,已知在紧急刹车过程中,车与地面间是滑动摩擦.据此可知,下列说法中正确的是( )

A.甲车与地面间的动摩擦因数较大,甲车的刹车性能好

B.乙车与地面间的动摩擦因数较大,乙车的刹车性能好

C.以相同的车速开始刹车,甲车先停下来,甲车的刹车性能好

D.甲车的刹车距离s随刹车前的车速v变化快,甲车的刹车性能好

7

4.如7,一物块静止在斜面上,现用一个水平力F作用于物块,当力的大小从零开始逐渐增加到F时, 而物块仍能保持静止,以下说法正确的是( )

A.物体受到的静摩擦力一定增大

B.物块所受合力增大

C.物块受到的静摩擦力有可能增大,也有可能减小

D.物块受到斜面的作用力增大

5.木块静止在倾角为θ的斜面上,那么木块对斜面的作用力的方向( )

A.沿斜面向下

B.垂直斜面向下

C.沿斜面向上

D.竖直向下

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6.某人在地面上用弹簧秤称得其体重为490 N.他将弹簧秤移至电梯内称其体重,t0至t2时间段内,弹簧秤的示数如8,电梯进行的v-t可能是(取电梯向上运动的方向为正)( )

7.如9,一个人用与水平方向成θ=30°角的斜向下的推力F推一个质量为20 kg的箱子匀速前进,如9甲,箱子与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.40.求:

9

(1)推力F的大小;

(2)若该人不改变力F的大小,只把力的方向变为与水平方向成30°角斜向上去拉这个静止的箱子,如乙,拉力作用2.0 s后撤去,箱子最多还能运动多长距离.(g取10 m/s2)

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8.一个质量为m的小球B,用两根等长的细绳1、2分别固定在车厢的A、C两点,已知两轻绳拉直时,如10,两轻绳与车厢前壁的夹角均为45°.试求:

(1)当车以加速度a1=g/2向左做匀加速直线运动时,两轻绳1、2的拉力.

(2)当车以加速度a2=2g向左做匀加速直线运动时,两轻绳1、2的拉力.

参考答案

知识体系构建

运动状态 质量 矢量 瞬时 向下 < 向上 > = =

解题方法探究

例1 40.7 N

解析 对小球进行受力分析,小球受悬线的拉力FT和重力mg,如甲,

则FTsin θ=maFTcos θ=mg

对整体进行受力分析,如乙.

此时细绳对箱子的拉力和小球受的拉力对整体而言是内力,因此不必考虑:则由牛顿第二定律得F-μ(M+m)g=(M+m)a,

即F=(M+m)(μg+a)=(M+m)g(μ+tan θ)≈40.7 N.

例2 (M+m)gtan θ

解析 若m、M保持相对静止,则两者运动情况相同.对m、M所组成的整体进行受力分析,如甲,根据牛顿第二定律可知F=(m+M)a.①

以m为研究对象,进行受力分析,如乙,根据牛顿第二定律可得

Fx=FN′•sin θ=max=ma.②

Fy=FN′•cos θ-mg=may=0.③

由②③可得a=gtan θ.代入①中得F=(m+M)gtan θ.

例3 25 N

解析 依题意,在FA的作用下,A、B一起加速运动有相等的加速度.当A、B开始发生相对运动时,A、B系统的加速度为最大加速度,A对B的静摩擦力fAB即为最大静摩擦力.由牛顿第二定律的比例式有,FA/(mA+mB)=fAB/mB.①

当对B施加一最大水平力FB时,A、B仍以共同的加速度运动,且这一加速度也为最大加速度,故B对A的静摩擦力fBA也为最大静摩擦力,即有,

fBA=fAB.②

同理可列出比例式:FB/(mA+mB)=fBA/mA.③

由①②③解得:FB=mBFA/mA=25 N.

例4 101 kg

解析 设堵住漏洞后,气球的初速度为v0,所受的空气浮力为F浮,气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为m,由牛顿第二定律得mg-F浮=ma①

式中a是气球下降的加速度.以此加速度在时间t内下降了h,则h=v0t+12at2②

当向舱外抛掉质量为m′的压舱物后,有F浮-(m-m′)g=(m-m′)a′③

式中a′是抛掉压舱物后气球的加速度.由题意,此时a′方向向上,Δv=a′Δt.④

式中Δv是抛掉压舱物后气球在Δt时间内下降速度的减少量.

由①③得m′=ma+a′g+a′⑤

将题设数据m=990 kg,v0=1 m/s,t=4 s,h=12 m,Δt=300 s.

Δv=3 m/s,g=9.89 m/s2代入②④⑤式得m′=101 kg.

例5 (1)3 m/s2 2 m/s (2)μ=0.375 k=3 N•s/m

解析 (1)由题可知滑块做加速度减小的加速运动,最终可达最大速度vm=2 m/s,t=0时刻滑块的加速度最大,即为v-t线在O点的切线的斜率:a=v1-v0t1=3 m/s-01 s=3 m/s2

(2)对滑块受力分析如,由牛顿第二定律得mgsin θ-F阻-f=ma

又f=μFN,FN=mgcos θ,F阻=kv,联立以上各式得mgsin θ-μmgcos θ-kv=ma

由(1)知,将v0=0,a0=3 m/s2和vm=3 m/s,a=0代入上式可得μ=0.375,k=3 N•s/m

即学即练

1.D 2.B 3.B 4.CD

5.D [木块受力如,其中FN、f分别为斜面对木块的支持力和摩擦力,木块受到三个力的作用处于平衡状态,则FN、f的合力与G等大、反向,即方向竖直向上.由牛顿第三定律可知木块对斜面的作用力与FN、f的合力等大、反向,方向竖直向下.]

6.AD [t0~t1时间内,弹簧秤的示数小于人的重力,人处于失重状态,有向下的加速度;t2~t3时间内,弹簧秤的示数大于人的重力,人处于超重状态,有向上的加速度;t1~t2时间内,弹簧秤的示数等于人的体重,加速度为0,则B、C选项不正确,A、D正确.]

7.(1)120 N (2)2.88 m

解析 (1)设地面对箱子的支持力和摩擦力分别为FN、f.取箱子为研究对象,受力如甲.

由牛顿第二定律得

水平方向 F•cos θ=f

竖直方向 FN=mg+F•sin θ,又f=μFN

联立上式解得F≈120 N

(2)取箱子为研究对象,受力分析如乙

由牛顿第二定律得

水平方向 F•cos θ-f1=ma1

竖直方向 FN1+Fsin θ=mg

又f1=μFN1

拉力作用2 s末箱子的速度v1=a1t

撤去力F后,箱子的受力分析如丙

由牛顿第二定律得 f2=ma2 又f2=μFN2,FN2=mg

设此过程箱子运动的距离为s则由运动学公式得s=v212a2

联立以上各式解得 s=2.88 m

8.(1)F1=52mg F2=0

(2)F1′=322mg F2′=22mg

解析 取小球为研究对象,设细绳1、2对小球的拉力分别为F1,F2,对小球受力分析,如甲

水平方向上 22F1+22F2=ma

竖直方向上 22F1-mg-22F2=0

联立得F1=mg+ma2,F2=ma-mg2

由此分析知,当车以a=g向左做匀加速直线运动时,细绳2刚好伸直,且对球没有作用力.

(1)当a1=g2时,细绳2的拉力为0,受力分析如乙

则F1=F2合+mg2=52 mg

(2)当a2=2g时,细绳2上已有拉力则

有F1′=mg+ma2=3 22mg

F2′=ma-mg2=22mg

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